学习通5000字总结 第1篇

2-1 物理层要解决哪些问题？物理层的主要特点是什么？

答：物理层要解决的主要问题： （1）物理层要尽可能地屏蔽掉物理设备和传输媒体，通信手段的不同，使数据链路层感觉不到这些差 异，只考虑完成本层的协议和服务。 （2）给其服务用户（数据链路层）在一条物理的传输媒体上传送和接 收比特流（一般为串行按顺序传输的比特流）的能力，为此，物理层应该解决物理连接的建立、维持和释 放问题。 （3）在两个相邻系统之间唯一地标识数据电路

物理层的主要特点： （1）由于在 OSI 之前，许多物理规程或协议已经制定出来了，而且在数据通信领域 中，这些物理规程已被许多商品化的设备所采用，加之，物理层协议涉及的范围广泛，所以至今没有按 OSI 的抽象模型制定一套新的物理层协议，而是沿用已存在的物理规程，将物理层确定为描述与传输媒体 接口的机械，电气，功能和规程特性。 （ 2）由于物理连接的方式很多，传输媒体的种类也很多，因此，具 体的物理协议相当复杂。

2-5. 物理层的接口有哪几个方面的特性？个包含些什么内容？

答： (1). 机械特性 明接口所用的接线器的形状和尺寸、引线数目和排列、固定和锁定装置等等。 （2）电气特性 指明在接口电缆的各条线上出现的电压的范围。 （3）功能特性指明某条线上出现的某一电平 的电压表示何意。 （4）规程特性说明对于不同功能的各种可能事件的出现顺序。

2-4 试解释以下名词：数据，信号，模拟数据，模拟信号，基带信号，带通信号，数字数据，数字信号，码元，单工通信，半双工通信，全双工通信，串行传输，并行传输 。

2-6 数据在信道重的传输速率受哪些因素的限制？信噪比能否任意提高？香农公式在数据通信中的意义是什么？ “比特 /每秒 ”和“码元 /每秒 ”有何区别？

2-07 假定某信道受奈氏准则限制的最高码元速率为 20000 码元 /秒。如果采用振幅调制，把码元的振幅划分为 16 个不同等级来传送，那么可以获得多高的数据率（ b/s）?

答： C=RLog₂ (16)=20000b/s4=80000b/s

2-08 假定要用 3KHz 带宽的电话信道传送 64kb/s 的数据（无差错传输）,试问这个信道应具有多高的信噪比（分别用比值和分贝来表示？这个结果说明什么问题？）

答： C=Wlog₂ (1+S/N)(b/s) W=3khz ，C=64khz S/N= 是个信噪比要求很高的信源

2-09 用香农公式计算一下，假定信道带宽为为 3100Hz，最大信道传输速率为 35Kb/ ｓ，那么若想使最大信道传输速率增加６０％，问信噪比Ｓ /Ｎ应增大到多少倍？如果在刚才计算出的基础上将信噪比Ｓ /Ｎ应增大到多少倍？如果在刚才计算出的基础上将信噪比Ｓ /Ｎ再增大到十倍，问最大信息速率能否再增加２０％？

答： C = W log₂(1+S/N) b/s SN1=2*（C1/W ）-1=2* （35000/3100）-1 SN2=2* （C2/W）-1=2* （C1/w ）-1=2 （35000/3100 ）-1 SN2/SN1=100 信噪比应增大到约 100 倍。 C3=Wlong₂ （1+SN3）=Wlog₂ （1+10SN2 ）C3/C2= 如果在此基础上将信噪比 S/N 再增大到 10 倍，最大信息通率只能再增加 左右

2-16 共有 4 个站进行码分多址通信。 4 个站的码片序列为 A：（－ 1－1－1＋1＋1－1＋1＋1） B：（－ 1－1＋1－1＋1＋1＋1－1） C：（－ 1＋1－1＋1＋1＋1－1－1） D：（－ 1＋1－1－1－1－1＋1－1） 现收到这样的码片序列 S：（－ 1＋1－3＋1－1－3＋1＋1）。 问哪个站发送数据了？发送数据的站发送的是 0 还是 1？(参考课本P57 的第二段的m取8 )

解： S?A=（＋ 1－1＋3＋1－1＋3＋1＋1）／ 8=1， A 发送 1 S?B=（＋ 1－1－3－1－1－3＋1－1）／ 8=－1， B 发送 0 S?C=（＋ 1＋1＋3＋1－1－3－1－1）／ 8=0， C 无发送 S?D=（＋ 1＋1＋3－1＋1＋3＋1－1）／ 8=1， D 发送 1

学习通5000字总结 第2篇

解： (1). 发送时延： ts=10⁷ /10⁵=100s 传播时延 tp=10⁶/(2 ×10⁸)= (2). 发送时延 ts =10³/10⁹=1μs 传播时延： tp=106/(2 ×108)= 结论：若数据长度大而发送速率低，则在总的时延中，发送时延往往大于传播时延。但若数据长度短而发送速率高，则传播时延就可能是总时延中的主要成分。

解： （ 1）1Mb/s:传播时延 =(2 ×10⁸)=5×10-10比特数 =5×10-10×1×10⁶=5×10-4 1Gb/s: 比特数 =5×10-10 ×1×10⁹=5×10-1 （2）1Mb/s: 传播时延 =100/(2 ×10⁸)=5×10-7比特数 =5×10-7×1×10⁶=5×10-1 1Gb/s: 比特数 =5×10-7 ×1×10⁹=5×10² (3) 1Mb/s: 传播时延 =100000/(2 ×10⁸)=5 ×10-4 比特数 =5×10-4 ×1×10⁶=5×1021Gb/s: 比特数 =5×10-4 ×1×10⁹=5×10⁵ (4)1Mb/s: 传播时延 =5000000/(2 ×10⁸)= ×10-2 比特数 = ×10-2 ×1×10⁶=5×1041Gb/s: 比特数 = ×10-2 ×1×10⁹=5×10⁷

学习通5000字总结 第3篇

5-23 主机 A 向主机 B 连续发送了两个 TCP 报文段，其序号分别为 70 和 100。试问： （1） 第一个报文段携带了多少个字节的数据？ （2） 主机 B 收到第一个报文段后发回的确认中的确认号应当是多少？ （3） 如果主机 B 收到第二个报文段后发回的确认中的确认号是 180，试问 A 发送的第二个报文段中 的数据有多少字节？ （4） 如果 A 发送的第一个报文段丢失了，但第二个报文段到达了 B。B 在第二个报文段到达后向 A 发送确认。试问这个确认号应为多少？

解：(1)第一个报文段携带的数据包括从70字节到第99字节，共携带了30个字节。 (2)确认号为100。 (3)由于确认号为180，说明到第179号为止的数据都已收到，A发送的第二个报文段中的数据有179-100+1=80字节。 (4)由于没有收到A发送的第一个报文段，第二个报文段到达B时将会被丢弃，因此此时收到的报文段的最后一个序号为69。当在第二个报文段到达后一向A发送确认，这个确认号应为70，表示到序号69为止的数据都已收到。

5-39 P436